Факторизација со методот на неопределени коефициенти. Интегрирање на фракционо-рационална функција

Оваа услуга е дизајнирана за разложување на фракции од формата:

За збир на едноставни дропки. Оваа услуга ќе биде корисна за решавање интеграли. види пример.

Инструкции. Внесете го броителот и именителот на дропката. Кликнете на копчето Реши.

Кога дизајнирате како променлива, користете x t z u p λ

Забелешка:На пример, x 2 се пишува како x^2, (x-2) 3 се пишува како (x-2)^3. Помеѓу факторите ставаме знак за множење (*).

Правила за внесување функција

Ова поле е наменето за внесување на броителот на изразот
Општата променлива x мора прво да се извади од загради. На пример, x 3 + x = x(x 2 + 1) или x 3 - 5x 2 + 6x = x(x 2 - 5x + 6) = x(x-3) (x-2).

Правила за внесување функција

Ова поле е наменето за внесување на именителот на изразот.На пример, x 2 се пишува како x^2, (x-2) 3 се пишува како (x-2)^3. Помеѓу факторите ставаме знак за множење (*).
Општата променлива x мора прво да се извади од загради. На пример, x 3 + x = x(x 2 + 1) или x 3 - 5x 2 + 6x = x(x 2 - 5x + 6) = x(x-3) (x-2).

Алгоритам за методот на неодредени коефициенти

1. Факторирање на именителот.
2. Разложување на дропка како збир на едноставни дропки со неодредени коефициенти.
3. Групирање на броителот со исти сили на x.
4. Добивање систем на линеарни алгебарски равенки со неодредени коефициенти како непознати.
5. Решение на SLAE: Крамер метод, метод на Гаус, метод на инверзна матрица или метод за елиминирање на непознати.

Пример. Го користиме методот на распаѓање на наједноставни. Ајде да ја разложиме функцијата на нејзините наједноставни термини:


Да ги изедначиме броителите и да земеме предвид дека коефициентите се со исти моќи X, стоењето лево и десно мора да одговараат
2x-1 = A(x+2) 2 (x-4) + Bx(x+2) 2 (x-4) + Cx(x-4) + Dx(x+2) 2
A+B=0
-12A -8B -4C + 4D = 2
-16А = -1
0A -2B + C + 4D = 0
Решавајќи го, наоѓаме:
A = 1/16 ;B = - 1/9 ;C = - 5/12 ;D = 7/144;

МИНИСТЕРСТВО ЗА НАУКА И ОБРАЗОВАНИЕ НА РЕПУБЛИКА БАШКОРТО СТАН

САУ СПО Башкирски колеџ за архитектура и градежништво

Калиулин Асхат Аделзјанович,

наставник по математика на Башкирски

Колеџ за архитектура и градежништво

УФА

2014 година

Вовед _________________________________________________3

Поглавје Јас. Теоретски аспекти на користење на методот на неизвесни коефициенти________________________________________________4

Поглавје II. Бара решенија за проблеми со полиноми со методот на неопределени коефициенти________________________________7

2.1.Факторирање на полином___________________ 7

2.2. Проблеми со параметри________________________________ 10

2.3. Решавање равенки________________________________________________14

2.4. Функционални равенки________________________________19

Заклучок________________________________________________23

Список на користена литература________________________________________________24

Апликација ________________________________________________25

Вовед.

Овој труд е посветен на теоретските и практичните аспекти на воведувањето на методот на неопределени коефициенти во училишниот курс по математика. Релевантноста на оваа тема е одредена од следните околности.

Никој нема да тврди дека математиката како наука не стои на едно место, таа постојано се развива, се појавуваат нови задачи со зголемена сложеност, што често предизвикува одредени тешкотии, бидејќи овие задачи обично се поврзуваат со истражување. Во последниве години, вакви проблеми се предлагаат на училишните, областите и републичките математички олимпијади, а достапни се и во верзиите за обединет државен испит. Затоа, беше потребен посебен метод кој ќе овозможи барем некои од нив да се решат најбрзо, ефикасно и најприфатливо. Ова дело јасно ја прикажува содржината на методот на неопределени коефициенти, кој е широко користен во широк спектар на области од математиката, почнувајќи од прашања вклучени во курсот за општо образование до неговите најнапредни делови. Посебно, особено интересни и ефективни се примената на методот на неопределени коефициенти при решавање проблеми со параметри, фракциони рационални и функционални равенки; лесно можат да ги заинтересираат сите заинтересирани за математика. Главната цел на предложената работа и изборот на проблеми е да се обезбедат големи можности за усовршување и развивање на способноста за изнаоѓање кратки и нестандардни решенија.

Ова дело се состои од две поглавја. Првиот ги разгледува теоретските аспекти на користењето

метод на неизвесни коефициенти, и второ, практични и методолошки аспекти на таквата употреба.

Додатокот на трудот дава услови за конкретни задачи за самостојно решавање.

Поглавје Јас . Теоретски аспекти на употребаметод на неизвесни коефициенти

„Човекот е роден да биде мајстор,

владетел, крал на природата, но мудрост,

со која мора да владее не му се дава

од раѓање: се стекнува со учење“

Н.И.Лобачевски

Постојат различни начини и методи за решавање проблеми, но еден од најзгодните, најефикасните, оригиналните, елегантни и во исто време многу едноставни и разбирливи за секого е методот на неопределени коефициенти. Методот на неодредени коефициенти е метод кој се користи во математиката за да се најдат коефициентите на изразите чија форма е однапред позната.

Пред да ја разгледаме примената на методот на неопределени коефициенти за решавање на разни видови проблеми, презентираме голем број теоретски информации.

Нека се дадат

А n (x) = а 0 x n + а 1 x n-1 + а 2 x n-2 + ··· + а n-1 x + а n

Б м (x ) = б 0 x м + б 1 x м -1 + б 2 x м -2 + ··· + б m-1 x + б м ,

полиноми релативни Xсо какви било шанси.

Теорема. Два полиноми во зависност од еден и истите аргументи се идентично еднакви ако и само акоn = м а нивните соодветни коефициенти се еднаквиа 0 = б 0 , а 1 = б 1 , а 2 = б 2 ,··· , а n -1 = б м -1 , а n = б м И Т. г.

Очигледно, еднаквите полиноми ги земаат сите вредности Xисти вредности. Спротивно на тоа, ако вредностите на два полиноми се еднакви за сите вредности X, потоа полиномите се еднакви, односно нивните коефициенти на исти степениXпоклопуваат.

Затоа, идејата за примена на методот на неопределени коефициенти за решавање на проблемите е како што следува.

Да знаеме дека како резултат на некои трансформации се добива израз од одреден тип и само коефициентите во овој израз се непознати. Тогаш овие коефициенти се означени со букви и се сметаат за непознати. Потоа се конструира систем од равенки за да се одредат овие непознати.

На пример, во случај на полиноми, овие равенки се направени од условот коефициентите да се еднакви за истите моќи Xза два еднакви полиноми.

Ајде да го демонстрираме она што беше кажано погоре користејќи ги следните конкретни примери и да започнеме со наједноставниот.

Така, на пример, врз основа на теоретски размислувања, дропот

може да се претстави како збир

, Каде а , б И в - коефициентите што треба да се утврдат. За да ги најдеме, го изедначуваме вториот израз со првиот:

=

и ослободување од именителот и собирање термини со исти овластувања лево X, добиваме:

(а + б + в )X 2 + ( б - в )x - a = 2X 2 – 5 X– 1

Бидејќи последната еднаквост мора да важи за сите вредности X, потоа коефициентите на исти моќиXдесно и лево треба да бидат исти. Така, се добиваат три равенки за одредување на трите непознати коефициенти:

а+б+в = 2

б - в = - 5

А= 1, од каде а = 1 , б = - 2 , в = 3

Оттука,

=
,

валидноста на оваа еднаквост е лесно да се потврди директно.

Да претпоставиме дека треба да претставувате и дропка

како а + б
+ в
+ г
, Каде а , б , в И г- непознати рационални коефициенти. Вториот израз го поистоветуваме со првиот:

а + б
+ в
+ г
=
или, Ослободувајќи се од именителот, отстранувајќи, каде што е можно, рационалните фактори од под знаците на корените и внесувајќи слични термини на левата страна, добиваме:

(а- 2 б + 3 в ) + (- а+б +3 г )
+ (a+c - 2 г )
+

+ (б - в + г )
= 1 +
-
.

Но, таквата еднаквост е можна само во случај кога рационалните членови на двата дела и коефициентите на истите радикали се еднакви. Така се добиваат четири равенки за пронаоѓање на непознатите коефициенти а , б , в И г :

а- 2b+ 3в = 1

- а+б +3 г = 1

a+c - 2 г = - 1

б - в + г= 0, од ​​каде а = 0 ; б = - ; в = 0 ; г= т.е
= -
+
.

Поглавје II. Бара решенија за проблеми со полиноми метод на неодредени коефициенти.

„Ништо не придонесува за совладување на предметот подобро од

начин да се постапува со него во различни ситуации“

Академик Б.В.Гнеденко

2. 1. Факторирање на полином.

Методи за факторинг на полиноми:

1) ставање на заедничкиот фактор надвор од загради 2) метод на групирање; 3) примена на основните формули за множење; 4) воведување на помошни поими 5) прелиминарна трансформација на даден полином со употреба на одредени формули; 6) проширување со наоѓање на корените на даден полином; 7) начин на внесување на параметарот; 8)метод на неодредени коефициенти.

Задача 1. Факторирајте го полиномот во реални множители X 4 + X 2 + 1 .

Решение. Нема корени меѓу делителите на слободниот член на овој полином. Не можеме да ги најдеме корените на полиномот со други елементарни средства. Според тоа, не е можно да се изврши потребното проширување со прво наоѓање на корените на овој полином. Останува да се бара решение за проблемот или со воведување на помошни поими или со методот на неодредени коефициенти. Очигледно е дека X 4 + X 2 + 1 = X 4 + X 3 + X 2 - X 3 - X 2 - X + X 2 + X + 1 =

= X 2 (X 2 + X + 1) - X (X 2 + X + 1) + X 2 + X + 1 =

= (X 2 + X + 1)(X 2 - X + 1).

Добиените квадратни триноми немаат корени и затоа се неразградливи на реални линеарни фактори.

Опишаниот метод е технички едноставен, но тежок поради неговата извештаченост. Навистина, многу е тешко да се дојде до потребните помошни термини. Само претпоставка ни помогна да го најдеме ова распаѓање. Но

Постојат посигурни начини за решавање на ваквите проблеми.

Може да се продолжи вака: да се претпостави дека дадениот полином се распаѓа во производот

(X 2 + А X + б )(X 2 + в X + г )

два квадратни триноми со целобројни коефициенти.

Така ќе го имаме тоа

X 4 + X 2 + 1 = (X 2 + А X + б )(X 2 + в X + г )

Останува да се утврдат коефициентитеа , б , в И г .

Со множење на полиномите од десната страна на последното равенство, добиваме:X 4 + X 2 + 1 = X 4 +

+ (a + c ) X 3 + (б + А в + г ) X 2 + (реклама + п.н.е ) x + bd .

Но, бидејќи ни треба десната страна на оваа еднаквост да се претвори во истиот полином што е на левата страна, ќе бараме да се исполнат следниве услови:

a + c = 0

б + А в + г = 1

реклама + п.н.е = 0

bd = 1 .

Резултатот е систем од четири равенки со четири непознатиа , б , в И г . Лесно е да се најдат коефициентите од овој система = 1 , б = 1 , в = -1 И г = 1.

Сега проблемот е целосно решен. Добивме:

X 4 + X 2 + 1 = (X 2 + X + 1)(X 2 - X + 1).

Задача 2. Факторирајте го полиномот во реални множители X 3 – 6 X 2 + 14 X – 15 .

Решение. Да го претставиме овој полином во форма

X 3 – 6 X 2 + 14 X – 15 = (X + А )(X 2 + bx + в), Каде а , б И Со - коефициенти се уште не се утврдени. Бидејќи два полиноми се идентично еднакви ако и само ако коефициентите на исти силиX се еднакви, тогаш, изедначувајќи ги коефициентите соодветно заX 2 , X и слободни членови, добиваме систем од три равенки со три непознати:

а+б= - 6

ab + c = 14

ак = - 15 .

Решението на овој систем ќе биде значително поедноставено ако се земе предвид дека бројот 3 (делител на слободниот член) е коренот на оваа равенка, и затоа,а = - 3 ,

б = - 3 И Со = 5 .

Потоа X 3 – 6 X 2 + 14 X – 15 = (X – 3)(X 2 – 3 x + 5).

Применетиот метод на неопределени коефициенти, во споредба со горенаведениот метод на воведување на помошни поими, не содржи ништо вештачко, но бара примена на многу теоретски принципи и е придружен со прилично големи пресметки. За полиноми со повисок степен, овој метод на неодредени коефициенти води до гломазни системи на равенки.

2.2.Задачи и со параметри.

Во последниве години, верзиите на Единствениот државен испит нудат задачи со параметри. Нивното решение често предизвикува одредени тешкотии. Кога решавате проблеми со параметри, заедно со други методи, можете доста ефикасно да го користите методот на неопределени коефициенти. Токму овој метод ви овозможува во голема мера да го поедноставите нивното решение и брзо да добиете одговор.

Задача 3. Определете во кои вредности на параметарот Аравенка 2 X 3 – 3 X 2 – 36 X + А – 3 = 0 има точно два корени.

Решение. 1 начин. Користење на дериват.

Да ја претставиме оваа равенка во форма на две функции

2x3 – 3 X 2 – 36 X – 3 = – А .

ѓ (x) = 2x 3 – 3 X 2 – 36 X– 3 и φ( X ) = – А .

Ајде да ја истражиме функцијатаѓ (x) = 2x 3 – 3 X 2 – 36 X – 3 користејќи го изводот и шематски конструирај го неговиот график (сл. 1.).

f( – x )ѓ (x ) , ѓ (– x ) – ѓ (x ). Функцијата не е ниту парна ниту непарна.

3. Да ги најдеме критичните точки на функцијата, нејзините интервали на зголемување и намалување, екстреми. ѓ / (x ) = 6 x 2 – 6 X – 36. Д (ѓ / ) = Р , затоа ќе ги најдеме сите критични точки на функцијата со решавање на равенката ѓ / (x ) = 0 .

6(X 2 – X– 6) = 0 ,

X 2 – X– 6 = 0 ,

X 1 = 3 , X 2 = – 2 според теоремата инверзна на теоремата на Виета.

ѓ / (x ) = 6(X – 3)(X + 2).

+ макс - мин +

2 3 x

ѓ / (x) > 0 за сите X< – 2 и X > 3 и функцијата е континуирана во точкитеx =– 2 и X = 3, според тоа, се зголемува на секој од интервалите (- ; - 2] и [3; ).

ѓ / (x ) < 0 на - 2 < X< 3, според тоа, се намалува на интервалот [- 2; 3 ].

X = - 2-ри максимален поен, бидејќи во овој момент знакот на изводот се менува од„+“ до „-“.

ѓ (– 2) = 2· (– 8) – 3·4 – 36·(– 2) – 3 = – 16 – 12 + 72 – 3 == 72 – 31 = 41 ,

x = 3 минимум поени, бидејќи во овој момент се менува знакот на дериватот„-“ до „+“.

ѓ (3) = 2·27 – 3·9 – 36·3 – 3 = 54 – 27 – 108 – 3 = – 138 + +54 = – 84.

График на функцијата φ(X ) = – А е права линија паралелна на оската x и минува низ точката со координати (0; – А ). Графиконите имаат две заеднички точки на -А= 41, т.е. a =– 41 и – А= – 84, т.е. А = 84 .

на

41φ( X)

2 3 X

3 ѓ ( x ) = 2x3 – 3 X 2 – 36 X – 3

Метод 2. Метод на неодредени коефициенти.

Бидејќи, според условите на проблемот, оваа равенка мора да има само два корени, еднаквоста е очигледна:

2X 3 – 3 X 2 – 36 X + А – 3 = (x + б ) 2 (2 x + в ) ,

2X 3 – 3 X 2 – 36 X + А – 3 = 2 x 3 + (4 б + в ) x 2 + (2 б 2 + +2 п.н.е ) x + б 2 в ,

Сега изедначувајќи ги коефициентите на истите степени X, добиваме систем од равенки

4 b + c = - 3

2б 2 + 2п.н.е. = - 36

б 2 в = а – 3 .

Од првите две равенки на системот наоѓамеб 2 + б – 6 = 0, од ​​каде б 1 = - 3 или б 2 = 2. Соодветни вредностиСо 1 и Со 2 лесно да се најде од првата равенка на системот:Со 1 = 9 или Со 2 = - 11 . Конечно, саканата вредност на параметарот може да се одреди од последната равенка на системот:

А = б 2 в + 3 , а 1 = - 41 или а 2 = 84.

Одговор: оваа равенка има точно две различни

корен во А= - 41 и А= 84 .

Задача 4. Најдете ја најголемата вредност на параметаротА , за што равенкатаX 3 + 5 X 2 + О + б = 0

со целобројни коефициенти има три различни корени, од кои едниот е еднаков на – 2.

Решение. 1 начин. Замена X= - 2 на левата страна на равенката, добиваме

8 + 20 – 2 А + б= 0, што значи б = 2 а – 12 .

Бидејќи бројот - 2 е корен, можеме да го извадиме заедничкиот фактор X + 2:

X 3 + 5 X 2 + О + б = X 3 + 2 X 2 + 3 X 2 + О + (2 а – 12) =

= x 2 (X + 2) + 3 x (X + 2) – 6 x + О + (2 а – 12) =

= x 2 (X + 2) + 3 x (X + 2) + (а – 6)(x +2) - 2(а – 6)+ (2 а - 12) =

= (X + 2)(X 2 + 3 x + (а – 6) ) .

По услов, има уште два корени на равенката. Тоа значи дека дискриминаторот на вториот фактор е позитивен.

Д =3 2 - 4 (а – 6) = 33 – 4 а > 0, т.е А < 8,25 .

Се чини дека одговорот ќе биде a = 8 . Но, кога ќе го замениме бројот 8 во првобитната равенка, добиваме:

X 3 + 5 X 2 + О + б = X 3 + 5 X 2 + 8 X + 4 = (X + 2)(X 2 + 3 x + 2 ) =

= (X + 1) (X + 2) 2 ,

односно равенката има само два различни корени. Но кога a = 7 всушност произведува три различни корени.

Метод 2. Метод на неодредени коефициенти.

Ако равенката X 3 + 5 X 2 + О + б = 0 има корен X = - 2, тогаш секогаш можете да ги соберете броевитев И г така што пред ситеX еднаквоста беше вистина

X 3 + 5 X 2 + О + б = (X + 2)(X 2 + Со x + г ).

За да најдете броевив И г Ајде да ги отвориме заградите од десната страна, да додадеме слични термини и да добиеме

X 3 + 5 X 2 + О + б = X 3 + (2 + Со ) X 2 +(2 s + г ) X + 2 г

Изедначување на коефициентите на соодветните моќи Xимаме систем

2 + Со = 5

2 Со + г = а

2 г = б , каде c = 3 .

Оттука, X 2 + 3 x + г = 0 , Д = 9 – 4 г > 0 или

г < 2.25, значи г (- ; 2 ].

Проблемските услови се задоволуваат со вредноста г = 1 . Конечната сакана вредност на параметаротА = 7.

ОДГОВОР: кога a = 7 оваа равенка има три различни корени.

2.3. Решавање равенки.

„Запомнете дека решавате мали проблеми

подгответе се да се справите со големи и тешки

нови задачи“.

Академик С.Л.Соболев

Кога решавате некои равенки, можете и треба да покажете снаодливост и духовитост и да користите специјални техники. Совладувањето на различни техники на трансформација и способноста за спроведување на логично расудување е од големо значење во математиката. Еден од овие трикови е да додадете и одземете некој добро избран израз или број. Самиот наведен факт, се разбира, е добро познат на сите - главната тешкотија е да се видат во специфична конфигурација оние трансформации на равенки на кои е погодно и целисходно да се примени.

Користејќи едноставна алгебарска равенка, ќе илустрираме една нестандардна техника за решавање равенки.

Задача 5. Решете ја равенката

=
.

Решение. Ајде да ги помножиме двете страни на оваа равенка со 5 и да ја преработиме на следниов начин

= 0 ; X 0; -
;

= 0 ,

= 0 ,

= 0 или
= 0

Дозволете ни да ги решиме добиените равенки користејќи го методот на неодредени коефициенти

X 4 - X 3 –7 X – 3 = (X 2 + ах + б )(x 2 + cx + г ) = 0

X 4 - X 3 –7 X – 3 = X 4 + (a + c ) X 3 + (б + А в + г ) X 2 + (реклама + п.н.е ) x+ + bd

Изедначување на коефициентите во X 3 , X 2 , Xи бесплатни услови, го добиваме системот

a + c = -1

б + А в + г = 0

реклама + п.н.е = -7

bd = -3, од каде наоѓаме:А = -2 ; б = - 1 ;

Со = 1 ; г = 3 .

Значи X 4 - X 3 –7X– 3 = (X 2 – 2 X – 1)(X 2 + X + 3) = 0 ,

X 2 – 2 X– 1 = 0 или X 2 + X + 3 = 0

X 1,2 =
без корени.

Слично и ние имаме

X 4 – 12X – 5 = (X 2 – 2 X – 1)(X 2 + 2X + 5) = 0 ,

каде X 2 + 2 X + 5 = 0 , Д = - 16 < 0 , нет корней.

Одговор: X 1,2 =

Задача 6. Решете ја равенката

= 10.

Решение. За да ја решите оваа равенка треба да изберете броевиАИ б така што броителите на двете дропки се исти. Затоа, го имаме системот:

= 0 , X 0; -1 ; -

= - 10

Значи, задачата е да се најдат броевитеАИ б , за кои важи еднаквоста

(a + 6) X 2 + ах - 5 = X 2 + (5 + 2 б ) x + б

Сега, според теоремата за еднаквоста на полиномите, неопходно е десната страна на оваа еднаквост да се претвори во истиот полином што е на левата страна.

Со други зборови, односите мора да бидат задоволни

a + 6 = 1

А = 5 + 2 б

– 5 = б , од каде ги наоѓаме вредноститеА = - 5 ;

б = - 5 .

На овие вредностиАИ б еднаквост А + б = - 10 е исто така фер.

= 0 , X 0; -1 ; -

= 0 ,

= 0 ,

(X 2 – 5X– 5)(X 2 + 3X + 1) = 0 ,

X 2 – 5X– 5 = 0 или X 2 + 3X + 1 = 0 ,

X 1,2 =
, X 3,4 =

Одговор: X 1,2 =
, X 3,4 =

Задача 7. Решете ја равенката

= 4

Решение. Оваа равенка е посложена од претходните и затоа ќе ја групираме вака: X 0;-1;3;-8;12

0 ,

= - 4.

Од условот за еднаквост на два полиноми

О 2 + (a + 6) X + 12 = X 2 + (б + 11) x – 3 б ,

добиваме и решаваме систем од равенки за непознати коефициентиАИ б :

А = 1

a + 6 = б + 11

12 = – 3 б , каде a = 1 , б = - 4 .

Полиноми - 3 – 6X + cx 2 + 8 cxИ X 2 + 21 + 12 г – dx се еднакви едни на други идентично само кога

Со = 1

8 со - 6 = - г

3 = 21 + 12 г , Со = 1 , г = - 2 .

Со вредностиa = 1 , б = - 4 , Со = 1 , г = - 2

еднаквост
= - 4 е точно.

Како резултат на тоа, оваа равенка ја добива следната форма:

= 0 или
= 0 или
= 0 ,

= - 4 , = - 3 , = 1 , = -
.

Од разгледаните примери, јасно е како вешто користењето на методот на неопределени коефициенти,

помага да се поедностави решението на прилично сложена, необична равенка.

2.4. Функционални равенки.

„Највисоката цел на математиката... е

е да се најде скриениот редослед во

хаос што не опкружува“

Н. Винер

Функционалните равенки се многу општа класа на равенки во кои непознатата функција е одредена функција. Функционална равенка во потесна смисла на зборот се подразбира како равенки во кои саканите функции се поврзани со познати функции на една или повеќе променливи користејќи ја операцијата за формирање сложена функција. Функционална равенка може да се смета и како израз на својство што карактеризира одредена класа на функции

[на пример, функционална равенка ѓ ( x ) = ѓ (- x ) ја карактеризира класата парни функции, функционалната равенкаѓ (x + 1) = ѓ (x ) – класа на функции со период 1 итн.].

Една од наједноставните функционални равенки е равенкатаѓ (x + y ) = ѓ (x ) + ѓ (y ). Континуираните решенија на оваа функционална равенка имаат форма

ѓ (x ) = Вx . Меѓутоа, во класата на дисконтинуирани функции оваа функционална равенка има и други решенија. Поврзани со разгледуваната функционална равенка се

ѓ (x + y ) = ѓ (x ) · ѓ (y ), ѓ (x y ) = ѓ (x ) + ѓ (y ), ѓ (x y ) = ѓ (x )· ѓ (y ),

континуирани решенија, кои, соодветно, имаат форма

д cx , СОlnx , x α (x > 0).

Така, овие функционални равенки може да се користат за дефинирање на експоненцијални, логаритамски и моќни функции.

Најраспространети се равенките во сложените функции во кои бараните функции се надворешни функции. Теоретски и практични примени

Токму овие равенки ги поттикнаа извонредните математичари да ги проучуваат.

На пример, наусогласување

ѓ 2 (x) = ѓ (x - y)· ѓ (x + y)

Н.И.Лобачевскисе користи при определување на аголот на паралелизам во мојата геометрија.

Во последниве години, проблемите поврзани со решавање на функционални равенки доста често се нудат на математичките олимпијади. За нивното решение не е потребно знаење надвор од опсегот на наставната програма по математика во средните училишта. Меѓутоа, решавањето функционални равенки често предизвикува одредени тешкотии.

Еден од начините за наоѓање решенија на функционални равенки е методот на неопределени коефициенти. Може да се користи кога општата форма на саканата функција може да се одреди со изгледот на равенката. Ова се однесува, пред сè, за оние случаи кога решенијата на равенките треба да се бараат меѓу целобројни или фракциони рационални функции.

Дозволете ни да ја претставиме суштината на оваа техника со решавање на следните проблеми.

Задача 8. Функцијаѓ (x ) е дефинирана за сите реални x и задоволува за ситеX Р состојба

3 ѓ(x) - 2 ѓ(1- x) = x 2 .

Најдетеѓ (x ).

Решение. Бидејќи на левата страна на оваа равенка над независната променлива x и вредностите на функцијатаѓ Се вршат само линеарни операции, а десната страна на равенката е квадратна функција, тогаш природно е да се претпостави дека саканата функција е исто така квадратна:

ѓ (X) = секира 2 + bx + в , Кадеа, б, в – коефициенти да се утврдат, односно неизвесни коефициенти.

Заменувајќи ја функцијата во равенката, доаѓаме до идентитетот:

3(секира 2 + bx+в) – 2(а(1 – x) 2 + б(1 – x) + в) = x 2 .

секира 2 + (5 б + 4 а) x + (в – 2 а – 2 б) = x 2 .

Два полиноми ќе бидат идентично еднакви ако се еднакви

коефициенти за истите моќи на променливата:

а = 1

5б + 4а = 0

в– 2 а – 2 б = 0.

Од овој систем ги наоѓаме коефициентите

а = 1 , б = - , в = , Исто таказадоволуваеднаквост

3 ѓ (x ) - 2 ѓ (1- x ) = x 2 на множеството на сите реални броеви. Во исто време, постои таковx 0 Задача 9. Функцијаy =ѓ(x) за сите x е дефинирано, континуирано и го задоволува условотѓ (ѓ (x)) – ѓ(x) = 1 + 2 x . Најдете две такви функции.

Решение. На саканата функција се вршат две дејства - операција на составување сложена функција и

одземање. Имајќи предвид дека десната страна на равенката е линеарна функција, природно е да се претпостави дека саканата функција е исто така линеарна:ѓ(x) = ах +б , КадеА Иб – неизвесни коефициенти. Заменувајќи ја оваа функција воѓ (ѓ ( (x ) = - X - 1 ;

ѓ 2 (x ) = 2 X+ , кои се решенија на функционалната равенкаѓ (ѓ (x)) – ѓ(x) = 1 + 2 x .

Заклучок.

Како заклучок, треба да се истакне дека оваа работа секако ќе придонесе за понатамошно проучување на оригинален и ефективен метод за решавање на различни математички проблеми, кои се проблеми со зголемена тежина и бараат длабоко познавање на училишниот курс по математика и високо логично култура.Секој кој сака самостојно да ги продлабочи своите знаења од математиката ќе најде и Ова дело содржи материјал за размислување и интересни задачи чиешто решение ќе донесе корист и задоволство.

Работата, во рамките на постојната училишна програма и во форма достапна за ефективна перцепција, го поставува методот на неопределени коефициенти, што помага да се продлабочи училишниот курс по математика.

Се разбира, сите можности на методот на неопределени коефициенти не можат да се покажат во една работа. Всушност, методот сè уште бара дополнително проучување и истражување.

Список на користена литература.

Глејзер Г.И..Историја на математиката во училиште.-М.: Образование, 1983 година.

Гомонов С.А. Функционални равенки во училишен курс по математика // Математика на училиште. – 2000 година. –№10 .

Дорофеев Г.В., Потапов М.К., Розов Н.Х.. Прирачник за математика - М.: Наука, 1972 година.

Курош А.Г.. Алгебарски равенки на произволни степени - М.: Наука, 1983 година.

Лихтарников Л.М.. Елементарен вовед во функционални равенки. – Санкт Петербург. : Лан, 1997 година.

Мантуров О.В., Солнцев Ју.К., Сорокин Ју.И., Федин Н.Г.. Објаснувачки речник на математички поими.-М.: Образование, 1971 г.

Modenov V.P.. Прирачник по математика. Дел 1.-М.: Московски државен универзитет, 1977 година.

Моденов В.П.. Проблеми со параметри - М.: Испит, 2006 година.

Потапов М.К., Александров В.В., Пасиченко П.И.. Алгебра и анализа на елементарните функции - М.: Наука, 1980 г.

Khaliullin A.A.. Можете полесно да го решите // Математика на училиште. – 2003 . - №8 .

Калиулин.

4. Рашири го полиномот 2X 4 – 5X 3 + 9X 2 – 5X+ 3 за множители со целобројни коефициенти.

5. По која вредност А X 3 + 6X 2 + О+ 12 по X+ 4 ?

6. Со која вредност на параметаротА равенкатаX 3 +5 X 2 + + О + б = 0 со целобројни коефициенти има два различни корени, од кои едниот е 1 ?

7. Меѓу корените на полиномот X 4 + X 3 – 18X 2 + О + б со целобројни коефициенти има три еднакви цели броеви. Најдете ја вредноста б .

8. Најдете ја најголемата цел бројна вредност на параметарот А,при што равенката X 3 – 8X 2 + ах +б = 0 со целобројни коефициенти има три различни корени, од кои едниот е еднаков на 2.

9. По кои вредности АИ б делењето се врши без остаток X 4 + 3X 3 – 2X 2 + О + б на X 2 – 3X + 2 ?

10. Факторски полиноми:

А)X 4 + 2 X 2 – X + 2 V)X 4 – 4X 3 +9X 2 –8X + 5 г)X 4 + 12X – 5

б)X 4 + 3X 2 + 2X + 3 G)X 4 – 3X –2 д)X 4 – 7X 2 + 1 .

11. Решете ги равенките:

А)
= 2 = 2 ѓ (1 – X ) = X 2 .

Најдете ѓ (X) .

13. Функција на= ѓ (X) пред сите Xдефинирана, континуирана и ја задоволува состојбата ѓ ( ѓ (X)) = ѓ (X) + X.Најдете две такви функции.