Тематски тест задачи за испит по физика. Материјали за подготовка за обединет државен испит по физика

Подготовка за ОГЕ и Единствениот државен испит

Средно општо образование

Линија УМК А.В. Физика (10-11) (основно, напредно)

Линија УМК А.В. Физика (7-9)

Линија UMK A.V. Физика (7-9)

Подготовка за обединет државен испит по физика: примери, решенија, објаснувања

Со наставникот ги анализираме задачите на Единствениот државен испит по физика (Опција В).

Лебедева Алевтина Сергеевна, наставник по физика, 27 години работно искуство. Почесен сертификат од Министерството за образование на Московскиот регион (2013 година), Благодарност од раководителот на општинскиот округ Воскресенски (2015 година), Потврда од претседателот на Здружението на наставници по математика и физика на Московскиот регион (2015 година).

Во работата се претставени задачи со различни нивоа на тежина: основно, напредно и високо. Задачите на основно ниво се едноставни задачи кои го тестираат владеењето на најважните физички концепти, модели, појави и закони. Задачите на напредно ниво се насочени кон тестирање на способноста да се користат концепти и закони на физиката за да се анализираат различни процеси и појави, како и способноста да се решаваат проблеми користејќи еден или два закони (формули) на која било од темите на училишниот курс по физика. Во работата 4, задачите од дел 2 се задачи со високо ниво на сложеност и ја тестираат способноста да се користат законите и теориите на физиката во изменета или нова ситуација. Завршувањето на таквите задачи бара примена на знаења од два или три дела од физиката одеднаш, т.е. високо ниво на обука. Оваа опција целосно одговара на демо верзијата на Единствениот државен испит 2017 година, задачите се преземени од отворената банка на задачи за унифициран државен испит.

Сликата покажува график на модулот на брзината наспроти времето т. Од графиконот определи го растојанието поминато со автомобилот во временски интервал од 0 до 30 секунди.

Решение.Патеката што ја минува автомобилот во временски интервал од 0 до 30 секунди најлесно може да се дефинира како плоштина на трапез, чии основи се временските интервали (30 – 0) = 30 s и (30 – 10 ) = 20 s, а висината е брзината v= 10 m/s, т.е.

С =	(30 + 20) Со	10 m/s = 250 m.
	2

Одговори. 250 м.

Товарот тежок 100 kg се подига вертикално нагоре со помош на кабел. На сликата е прикажана зависноста на проекцијата на брзината Воптоварување на оската насочена нагоре, во функција на времето т. Определете го модулот на силата на затегнување на кабелот за време на подигнувањето.

Решение.Според графикот на зависност од проекција на брзината vоптоварување на оска насочена вертикално нагоре, во функција на времето т, можеме да ја одредиме проекцијата на забрзувањето на товарот

а =	∆v	=	(8 – 2) m/s	= 2 m/s 2.
	∆т		3 с

На товарот се делува со: силата на гравитацијата насочена вертикално надолу и силата на затегнување на кабелот насочена вертикално нагоре по должината на кабелот (види Сл. 2. Да ја запишеме основната равенка на динамиката. Ајде да го искористиме вториот Њутнов закон. Геометрискиот збир на силите што делуваат на телото е еднаков на производот од масата на телото и забрзувањето што му се дава.

+ = (1)

Да ја напишеме равенката за проекцијата на вектори во референтниот систем поврзан со земјата, насочувајќи ја оската OY нагоре. Проекцијата на силата на затегнување е позитивна, бидејќи насоката на силата се совпаѓа со насоката на оската OY, проекцијата на силата на гравитацијата е негативна, бидејќи векторот на сила е спротивен на оската OY, проекцијата на векторот на забрзување е исто така позитивен, па телото се движи со нагорно забрзување. Ние имаме

Т – mg = ма (2);

од формулата (2) модул на сила на истегнување

Т = м(е + а) = 100 kg (10 + 2) m/s 2 = 1200 N.

Одговори. 1200 Н.

Телото се влече по груба хоризонтална површина со константна брзина чиј модул е 1,5 m/s, со примена на сила како што е прикажано на слика (1). Во овој случај, модулот на лизгачката сила на триење што делува на телото е 16 N. Која е моќноста развиена од силата? Ф?

Решение.Да го замислиме физичкиот процес наведен во изјавата за проблемот и да направиме шематски цртеж што ги покажува сите сили што дејствуваат на телото (сл. 2). Да ја запишеме основната равенка на динамиката.

Tr + + = (1)

Откако избравме референтен систем поврзан со фиксна површина, ги пишуваме равенките за проекцијата на вектори на избраните координатни оски. Според условите на проблемот, телото се движи рамномерно, бидејќи неговата брзина е константна и еднаква на 1,5 m/s. Ова значи дека забрзувањето на телото е нула. Две сили дејствуваат хоризонтално на телото: силата на триење на лизгање tr. и силата со која се влече телото. Проекцијата на силата на триење е негативна, бидејќи векторот на сила не се совпаѓа со насоката на оската X. Проекција на сила Фпозитивен. Ве потсетуваме дека за да ја пронајдеме проекцијата, ја спуштаме нормалната од почетокот и крајот на векторот до избраната оска. Земајќи го ова предвид имаме: Ф cosα - Ф tr = 0; (1) да ја изразиме проекцијата на силата Ф, Ова Ф cosα = Ф tr = 16 N; (2) тогаш моќта развиена од силата ќе биде еднаква на Н = Ф cosα В(3) Да направиме замена, земајќи ја предвид равенката (2) и соодветните податоци да ги замениме во равенката (3):

Н= 16 N · 1,5 m/s = 24 W.

Одговори. 24 В.

Товарот прикачен на лесна пружина со вкочанетост од 200 N/m претрпува вертикални осцилации. Сликата покажува график на зависноста од поместување xвчитувајте од време на време т. Определи колкава е масата на товарот. Заокружете го вашиот одговор на цел број.

Решение.Масата на пружина претрпува вертикални осцилации. Според графиконот за поместување на оптоварувањето Xод времето т, го одредуваме периодот на осцилација на товарот. Периодот на осцилација е еднаков на Т= 4 с; од формулата Т= 2π да ја изразиме масата мтоварот

=	Т	;	м	=	Т 2	; м = к	Т 2	; м= 200 N/m	(4 с) 2	= 81,14 kg ≈ 81 kg.
	2π		к		4π 2		4π 2		39,438

Одговор: 81 кг.

На сликата е прикажан систем од два светлосни блока и кабел без тежина, со кој можете да одржувате рамнотежа или да подигнете товар тежок 10 кг. Триењето е занемарливо. Врз основа на анализата на горната слика, изберете двавистинити изјави и наведете ги нивните бројки во вашиот одговор.

За да го одржите товарот во рамнотежа, треба да дејствувате на крајот на јажето со сила од 100 N.
Системот на блокови прикажан на сликата не дава никаква добивка во силата.
ч, треба да извлечете дел од должината на јажето 3 ч.
За полека подигање на товар до висина чч.

Решение.Во овој проблем, неопходно е да се запамети едноставни механизми, имено блокови: подвижен и фиксен блок. Подвижниот блок дава двојно засилување на силата, додека делот од јажето треба да се повлече двапати подолго, а фиксниот блок се користи за пренасочување на силата. Во работата, едноставните механизми на победа не даваат. Откако ќе го анализираме проблемот, веднаш ги избираме потребните изјави:

За полека подигање на товар до висина ч, треба да извлечете дел од должината на јажето 2 ч.
За да го одржите товарот во рамнотежа, треба да дејствувате на крајот на јажето со сила од 50 N.

Одговори. 45.

Алуминиумска тежина прикачена на бестежинска и нерастеглива нишка е целосно потопена во сад со вода. Товарот не ги допира ѕидовите и дното на садот. Потоа железна тежина, чија маса е еднаква на масата на алуминиумската тежина, се потопува во истиот сад со вода. Како ќе се промени модулот на силата на затегнување на конецот и модулот на силата на гравитација што делува на оптоварувањето како резултат на ова?

Се зголемува;
Се намалува;
Не се менува.

Решение.Ја анализираме состојбата на проблемот и ги истакнуваме оние параметри кои не се менуваат за време на студијата: тоа се масата на телото и течноста во која телото е потопено на конец. По ова, подобро е да се направи шематски цртеж и да се наведат силите што делуваат на товарот: затегнување на конецот Фконтрола, насочена нагоре по должината на конецот; гравитацијата насочена вертикално надолу; Архимедска сила а, дејствувајќи од страната на течноста на потопеното тело и насочена нагоре. Според условите на проблемот, масата на оптоварувањата е иста, затоа, модулот на силата на гравитација што делува на товарот не се менува. Бидејќи густината на товарот е различна, обемот исто така ќе биде различен.

В =	м	.
	стр

Густината на железото е 7800 kg/m3, а густината на алуминиумскиот товар е 2700 kg/m3. Оттука, Ви< V a. Телото е во рамнотежа, резултатот на сите сили што делуваат на телото е нула. Да ја насочиме OY координатната оска нагоре. Основната равенка на динамиката, земајќи ја предвид проекцијата на силите, ја пишуваме во форма Фконтрола + F a – mg= 0; (1) Да ја изразиме силата на затегнување Фконтрола = mg – F a(2); Архимедската сила зависи од густината на течноста и волуменот на потопениот дел од телото F a = ρ gV p.h.t. (3); Густината на течноста не се менува, а волуменот на железното тело е помал Ви< V a, затоа Архимедовата сила што делува на оптоварувањето на железото ќе биде помала. Заклучуваме за модулот на силата на затегнување на конецот, работејќи со равенката (2), тој ќе се зголеми.

Одговори. 13.

Блок од маса мсе лизга од фиксирана груба наклонета рамнина со агол α во основата. Модулот за забрзување на блокот е еднаков на а, модулот на брзината на блокот се зголемува. Отпорот на воздухот може да се занемари.

Воспоставете кореспонденција помеѓу физичките величини и формулите со кои тие можат да се пресметаат. За секоја позиција во првата колона, изберете ја соодветната позиција од втората колона и запишете ги избраните броеви во табелата под соодветните букви.

Б) Коефициент на триење помеѓу блок и наклонета рамнина

3) mg cosα

4) сина -	а
	е cosα

Решение.Оваа задача бара примена на Њутновите закони. Препорачуваме да направите шематски цртеж; укажуваат на сите кинематички карактеристики на движење. Ако е можно, прикажете го векторот на забрзување и векторите на сите сили што се применуваат на телото што се движи; запомнете дека силите што дејствуваат на телото се резултат на интеракција со други тела. Потоа запишете ја основната равенка на динамиката. Изберете референтен систем и запишете ја добиената равенка за проекција на вектори на сила и забрзување;

Следејќи го предложениот алгоритам, ќе направиме шематски цртеж (сл. 1). Сликата ги прикажува силите што се применуваат на центарот на гравитација на блокот и координатните оски на референтниот систем поврзани со површината на навалената рамнина. Бидејќи сите сили се константни, движењето на блокот ќе биде подеднакво променливо со зголемување на брзината, т.е. векторот на забрзување е насочен во насока на движење. Ајде да ја избереме насоката на оските како што е прикажано на сликата. Да ги запишеме проекциите на силите на избраните оски.

Ајде да ја запишеме основната равенка на динамиката:

Tr + = (1)

Да ја напишеме оваа равенка (1) за проекцијата на силите и забрзувањето.

На оската OY: проекцијата на силата на реакција на земјата е позитивна, бидејќи векторот се совпаѓа со насоката на оската OY Ny = Н; проекцијата на силата на триење е нула бидејќи векторот е нормален на оската; проекцијата на гравитацијата ќе биде негативна и еднаква mg y= – mg cosα ; векторска проекција на забрзување a y= 0, бидејќи векторот на забрзување е нормален на оската. Ние имаме Н – mg cosα = 0 (2) од равенката ја изразуваме реакционата сила што дејствува на блокот од страната на наклонетата рамнина. Н = mg cosα (3). Ајде да ги запишеме проекциите на оската OX.

На оската OX: проекција на сила Не еднаков на нула, бидејќи векторот е нормален на оската OX; Проекцијата на силата на триење е негативна (векторот е насочен во спротивна насока во однос на избраната оска); проекцијата на гравитацијата е позитивна и еднаква на mg x = mg sinα (4) од правоаголен триаголник. Проекцијата за забрзување е позитивна а x = а; Потоа ја пишуваме равенката (1) земајќи ја предвид проекцијата mgсина - Ф tr = ма (5); Ф tr = м(есина - а) (6); Запомнете дека силата на триење е пропорционална на силата на нормалниот притисок Н.

А-приоритет Ф tr = μ Н(7), го изразуваме коефициентот на триење на блокот на навалената рамнина.

μ =	Ф tr	=	м(есина - а)	= tgα -	а	(8).
	Н		mg cosα		е cosα

Ги избираме соодветните позиции за секоја буква.

Одговори.А – 3; Б – 2.

Задача 8. Гасовитиот кислород се наоѓа во сад со волумен од 33,2 литри. Притисокот на гасот е 150 kPa, неговата температура е 127 ° C. Одредете ја масата на гасот во овој сад. Изразете го вашиот одговор во грамови и заокружете го до најблискиот цел број.

Решение.Важно е да се обрне внимание на конверзијата на единиците во системот SI. Претворете ја температурата во Келвин Т = т°C + 273, волумен В= 33,2 l = 33,2 · 10 –3 m 3; Ние го претвораме притисокот П= 150 kPa = 150.000 Pa. Користење на идеалната равенка на состојбата на гасот

Да ја изразиме масата на гасот.

Бидете сигурни да обрнете внимание на кои единици се бара да го запишат одговорот. Тоа е многу важно.

Одговори.'48

Задача 9.Идеален монатомски гас во количина од 0,025 mol се проширил адијабатски. Во исто време неговата температура падна од +103°C на +23°C. Колку работа е направено со гасот? Изразете го вашиот одговор во џули и заокружете го до најблискиот цел број.

Решение.Прво, гасот е монатомски број на степени на слобода јас= 3, второ, гасот се шири адијабатски - тоа значи без размена на топлина П= 0. Гасот функционира така што ја намалува внатрешната енергија. Земајќи го ова предвид, првиот закон на термодинамиката го пишуваме во форма 0 = ∆ У + А G; (1) да ја изразиме работата со гас А g = –∆ У(2); Промената на внатрешната енергија за монатомски гас ја пишуваме како

Одговори. 25 Ј.

Релативната влажност на дел од воздухот на одредена температура е 10%. Колку пати треба да се промени притисокот на овој дел од воздухот така што, при константна температура, неговата релативна влажност се зголемува за 25%?

Решение.Прашањата поврзани со заситената пареа и влажноста на воздухот најчесто предизвикуваат потешкотии кај учениците. Ајде да ја користиме формулата за да ја пресметаме релативната влажност на воздухот

Според условите на проблемот, температурата не се менува, што значи дека притисокот на заситената пареа останува ист. Да ја запишеме формулата (1) за две состојби на воздухот.

φ 1 = 10%; φ 2 = 35%

Да го изразиме воздушниот притисок од формулите (2), (3) и да го најдеме односот на притисокот.

П 2	=	φ 2	=	35	= 3,5
П 1		φ 1		10

Одговори.Притисокот треба да се зголеми за 3,5 пати.

Топлата течна супстанција полека се ладеше во печка за топење со постојана моќност. Табелата ги прикажува резултатите од мерењата на температурата на супстанцијата со текот на времето.

Изберете од дадената листа дваизјави кои одговараат на резултатите од преземените мерења и укажуваат на нивниот број.

Точката на топење на супстанцијата во овие услови е 232°C.
За 20 минути. по почетокот на мерењата, супстанцијата била само во цврста состојба.
Топлинскиот капацитет на супстанцијата во течна и цврста состојба е ист.
По 30 мин. по почетокот на мерењата, супстанцијата била само во цврста состојба.
Процесот на кристализација на супстанцијата траеше повеќе од 25 минути.

Решение.Како што супстанцијата се ладеше, нејзината внатрешна енергија се намалуваше. Резултатите од мерењето на температурата ни овозможуваат да ја одредиме температурата на која супстанцијата почнува да кристализира. Додека супстанцијата се менува од течна во цврста, температурата не се менува. Знаејќи дека температурата на топење и температурата на кристализација се исти, ја избираме изјавата:

1. Точката на топење на супстанцијата во овие услови е 232°C.

Втората точна изјава е:

4. По 30 мин. по почетокот на мерењата, супстанцијата била само во цврста состојба. Бидејќи температурата во овој момент во времето е веќе под температурата на кристализација.

Одговори. 14.

Во изолиран систем, телото А има температура од +40°C, а телото Б има температура од +65°C. Овие тела биле доведени во термички контакт едни со други. По некое време, дојде до термичка рамнотежа. Како се променила температурата на телото В и вкупната внатрешна енергија на телата А и Б како резултат?

За секоја количина, определете ја соодветната природа на промената:

Зголемен;
Намален;
Не се смени.

Запишете ги избраните броеви за секоја физичка величина во табелата. Броевите во одговорот може да се повторат.

Решение.Ако во изолиран систем на тела не се случуваат енергетски трансформации освен размена на топлина, тогаш количината на топлина што ја даваат телата чија внатрешна енергија се намалува е еднаква на количината на топлина што ја примаат телата чија внатрешна енергија се зголемува. (Според законот за зачувување на енергијата.) Во овој случај, вкупната внатрешна енергија на системот не се менува. Проблемите од овој тип се решаваат врз основа на равенката на топлинска рамнотежа.

∆U = ∑	n	∆U i = 0 (1);
	јас = 1

каде ∆ У– промена на внатрешната енергија.

Во нашиот случај, како резултат на размена на топлина, внатрешната енергија на телото Б се намалува, што значи дека температурата на ова тело се намалува. Внатрешната енергија на телото А се зголемува, бидејќи телото примило количина на топлина од телото Б, неговата температура ќе се зголеми. Вкупната внатрешна енергија на телата А и Б не се менува.

Одговори. 23.

Протон стр, летајќи во јазот помеѓу половите на електромагнетот, има брзина нормална на векторот на индукција на магнетното поле, како што е прикажано на сликата. Каде е насочена Лоренцовата сила што дејствува на протонот во однос на цртежот (горе, кон набљудувачот, подалеку од набљудувачот, долу, лево, десно)

Решение.Магнетното поле делува на наелектризираната честичка со силата на Лоренц. За да се одреди насоката на оваа сила, важно е да се запамети мнемоничкото правило на левата рака, не заборавајте да го земете предвид полнењето на честичката. Ги насочуваме четирите прсти од левата рака по должината на векторот на брзината, за позитивно наелектризирана честичка, векторот треба да влезе нормално во дланката, палецот поставен на 90 ° ја покажува насоката на силата на Лоренц што дејствува на честичката. Како резултат на тоа, имаме дека векторот на силата на Лоренц е насочен подалеку од набљудувачот во однос на фигурата.

Одговори.од набљудувачот.

Модулот на јачината на електричното поле во рамен воздушен кондензатор со капацитет од 50 μF е еднаков на 200 V/m. Растојанието помеѓу кондензаторските плочи е 2 mm. Колку е полнењето на кондензаторот? Напишете го вашиот одговор во µC.

Решение.Ајде да ги претвориме сите мерни единици во системот SI. Капацитет C = 50 µF = 50 10 -6 F, растојание помеѓу плочите г= 2 · 10 –3 m Проблемот зборува за рамен воздушен кондензатор - уред за складирање на електричен полнеж и енергија на електричното поле. Од формулата на електричен капацитет

Каде г– растојание помеѓу плочите.

Да го изразиме напонот У= Е г(4); Да го замениме (4) во (2) и да го пресметаме полнењето на кондензаторот.

q = В · Ед= 50 10 -6 200 0,002 = 20 µC

Ве молиме обрнете внимание на единиците во кои треба да го напишете одговорот. Го добивме во кулони, но го презентираме во μC.

Одговори. 20 µC.

Студентот спроведе експеримент за прекршување на светлината, прикажан на фотографијата. Како се менува аголот на прекршување на светлината што се шири во стаклото и индексот на прекршување на стаклото со зголемување на аголот на инциденца?

Се зголемува
Се намалува
Не се менува
Запишете ги избраните броеви за секој одговор во табелата. Броевите во одговорот може да се повторат.

Решение.Во проблемите од овој вид, се сеќаваме што е рефракција. Ова е промена во насоката на ширење на бранот при минување од еден медиум во друг. Тоа е предизвикано од фактот дека брзините на ширење на брановите во овие медиуми се различни. Откако сфативме на која средина се шири светлината, да го напишеме законот за прекршување во форма

sinα	=	n 2	,
sinβ		n 1

Каде n 2 – апсолутен индекс на рефракција на стаклото, медиум каде што оди светлината; n 1 е апсолутниот индекс на рефракција на првиот медиум од кој доаѓа светлината. За воздух n 1 = 1. α е аголот на паѓање на зракот на површината на стаклениот полуцилиндар, β е аголот на прекршување на зракот во стаклото. Покрај тоа, аголот на прекршување ќе биде помал од аголот на инциденца, бидејќи стаклото е оптички погуста средина - медиум со висок индекс на рефракција. Брзината на ширење на светлината во стаклото е помала. Ве молиме имајте предвид дека ги мериме аглите од нормалната обновена на точката на инциденца на зракот. Ако го зголемите аголот на инциденца, тогаш аголот на прекршување ќе се зголеми. Ова нема да го промени индексот на рефракција на стаклото.

Одговори.

Бакарен скокач во одреден момент во времето т 0 = 0 почнува да се движи со брзина од 2 m/s по паралелни хоризонтални спроводни шини, на чии краеви е поврзан отпорник од 10 Ohm. Целиот систем е во вертикално еднообразно магнетно поле. Отпорот на скокачот и шините е занемарлив, скокачот секогаш се наоѓа нормално на шините. Флуксот Ф на векторот на магнетна индукција низ колото формирано од скокачот, шините и отпорникот се менува со текот на времето ткако што е прикажано на графиконот.

Користејќи го графиконот, изберете две точни изјави и наведете ги нивните броеви во вашиот одговор.

Од страна на време т= 0,1 s промената на магнетниот тек низ колото е 1 mWb.
Индукција струја во скокачот во опсег од т= 0,1 с т= 0,3 s макс.
Модулот на индуктивниот emf што произлегува во колото е 10 mV.
Јачината на индукциската струја што тече во скокачот е 64 mA.
За да се одржи движењето на скокачот, на него се применува сила, чија проекција на насоката на шините е 0,2 N.

Решение.Користејќи график на зависноста на флуксот на векторот на магнетна индукција низ колото на време, ќе ги одредиме областите каде што се менува флуксот F и каде што промената на флуксот е нула. Ова ќе ни овозможи да ги одредиме временските интервали во кои ќе се појави индуцирана струја во колото. Вистинска изјава:

1) До моментот т= 0,1 s промената на магнетниот тек низ колото е еднаква на 1 mWb ∆Φ = (1 – 0) 10 –3 Wb; Модулот на индуктивниот emf што произлегува во колото се одредува со користење на законот EMR

Одговори. 13.

Користејќи го графикот на струја наспроти време во електрично коло чија индуктивност е 1 mH, определете го самоиндуктивниот emf модул во временскиот интервал од 5 до 10 секунди. Напишете го вашиот одговор во µV.

Решение.Да ги претвориме сите количини во системот SI, т.е. ја претвораме индуктивноста од 1 mH во H, добиваме 10 -3 H. Струјата прикажана на сликата во mA исто така ќе се претвори во A со множење со 10 -3.

Формулата за самоиндукција emf ја има формата

во овој случај временскиот интервал е даден според условите на проблемот

∆т= 10 с – 5 с = 5 с

секунди и користејќи го графикот го одредуваме интервалот на тековната промена во ова време:

∆Јас= 30 10 –3 – 20 10 –3 = 10 10 –3 = 10 –2 А.

Ги заменуваме нумеричките вредности во формулата (2), добиваме

| Ɛ | = 2 ·10 -6 V, или 2 µV.

Одговори. 2.

Две проѕирни рамни-паралелни плочи се цврсто притиснати една на друга. Зрак светлина паѓа од воздухот на површината на првата плоча (види слика). Познато е дека индексот на рефракција на горната плоча е еднаков на n 2 = 1,77. Воспоставете кореспонденција помеѓу физичките величини и нивните значења. За секоја позиција во првата колона, изберете ја соодветната позиција од втората колона и запишете ги избраните броеви во табелата под соодветните букви.

Решение.За да се решат проблемите за прекршување на светлината на интерфејсот помеѓу две подлоги, особено проблемите за поминување на светлината низ рамни-паралелни плочи, може да се препорача следнава постапка за решение: направете цртеж што ќе ја означува патеката на зраците што доаѓаат од една средина до друг; На точката на инциденца на зракот на интерфејсот помеѓу двата медиума, нацртајте нормала на површината, означете ги аглите на упад и прекршување. Обрнете посебно внимание на оптичката густина на медиумот што се разгледува и запомнете дека кога светлосниот зрак преминува од оптички помалку густ медиум до оптички погуст медиум, аголот на прекршување ќе биде помал од аголот на инциденца. Сликата го покажува аголот помеѓу упадниот зрак и површината, но ни треба аголот на инциденца. Запомнете дека аглите се одредуваат од нормалната обновена на точката на удар. Утврдуваме дека аголот на инциденца на зракот на површината е 90° – 40° = 50°, индекс на рефракција n 2 = 1,77; n 1 = 1 (воздух).

Ајде да го запишеме законот за прекршување

sinβ =	грев50	= 0,4327 ≈ 0,433
	1,77

Ајде да ја нацртаме приближната патека на зракот низ плочите. Ја користиме формулата (1) за границите 2–3 и 3–1. Како одговор добиваме

А) Синусот на аголот на пад на зракот на границата 2-3 помеѓу плочите е 2) ≈ 0,433;

Б) Аголот на прекршување на зракот при преминување на границата 3–1 (во радијани) е 4) ≈ 0,873.

Одговори. 24.

Определи колку α - честички и колку протони се произведени како резултат на реакцијата на термонуклеарна фузија

+ → x+ y;

Решение.Во сите нуклеарни реакции се почитуваат законите за зачувување на електричното полнење и бројот на нуклеони. Да го означиме со x бројот на алфа честички, y бројот на протони. Ајде да направиме равенки

+ → x + y;

решавање на системот го имаме тоа x = 1; y = 2

Одговори. 1 – α-честичка; 2 - протони.

Модулот на импулсот на првиот фотон е 1,32 · 10 –28 kg m/s, што е за 9,48 · 10 –28 kg m/s помал од модулот на импулсот на вториот фотон. Најдете го енергетскиот однос E 2 /E 1 на вториот и првиот фотон. Заокружете го вашиот одговор до најблиската десетина.

Решение.Импулсот на вториот фотон е поголем од моментумот на првиот фотон според состојбата, што значи дека може да се претстави стр 2 = стр 1 + Δ стр(1). Енергијата на фотонот може да се изрази во однос на моментумот на фотонот користејќи ги следните равенки. Ова Е = mc 2 (1) и стр = mc(2), тогаш

Е = компјутер (3),

Каде Е- фотонска енергија, стр– фотонски импулс, m – фотонска маса, в= 3 · 10 8 m/s – брзина на светлината. Земајќи ја предвид формулата (3) имаме:

Е 2	=	стр 2	= 8,18;
Е 1		стр 1

Одговорот го заокружуваме на десетинки и добиваме 8,2.

Одговори. 8,2.

Јадрото на атомот претрпе радиоактивен позитрон β - распаѓање. Како се промени електричното полнење на јадрото и бројот на неутрони во него како резултат на ова?

За секоја количина, определете ја соодветната природа на промената:

Зголемен;
Намален;
Не се смени.

Решение.Позитрон β - распаѓањето во атомското јадро настанува кога протонот се трансформира во неутрон со емисија на позитрон. Како резултат на ова, бројот на неутрони во јадрото се зголемува за еден, електричниот полнеж се намалува за еден, а масовниот број на јадрото останува непроменет. Така, реакцијата на трансформација на елементот е како што следува:

Одговори. 21.

Беа спроведени пет експерименти во лабораторија за да се набљудува дифракција користејќи различни решетки за дифракција. Секоја од решетките беше осветлена со паралелни зраци на монохроматска светлина со одредена бранова должина. Во сите случаи, светлината падна нормално на решетката. Во два од овие експерименти, забележан е ист број на максимални главни дифракции. Прво наведете го бројот на експериментот во кој е користена дифракциона решетка со пократок период, а потоа бројот на експериментот во кој е користена дифракциона решетка со поголем период.

Решение.Дифракција на светлината е феномен на светлосен зрак во област со геометриска сенка. Дифракцијата може да се забележи кога, на патеката на светлосниот бран, има непроѕирни области или дупки во големи пречки кои се непроѕирни за светлината, а големини на овие области или дупки се пропорционални со брановата должина. Еден од најважните уреди за дифракција е дифракционата решетка. Аголните насоки до максимумите на шемата на дифракција се одредуваат со равенката

г sinφ = кλ (1),

Каде г– период на дифракционата решетка, φ – агол помеѓу нормалата до решетката и насоката кон една од максимумите на дифракционата шема, λ – светлосна бранова должина, к– цел број наречен ред на дифракциониот максимум. Да изразиме од равенката (1)

Избирајќи парови според експерименталните услови, прво избираме 4 каде што е користена дифракциона решетка со пократок период, а потоа бројот на експериментот во кој е користена дифракциона решетка со поголем период - ова е 2.

Одговори. 42.

Струјата тече низ жичен отпорник. Отпорникот беше заменет со друг, со жица од ист метал и со иста должина, но со половина од површината на пресекот, а половина од струјата помина низ неа. Како ќе се променат напонот на отпорникот и неговиот отпор?

За секоја количина, определете ја соодветната природа на промената:

Ќе се зголеми;
Ќе се намали;
Нема да се промени.

Решение.Важно е да се запамети од кои вредности зависи отпорот на проводникот. Формулата за пресметување на отпорот е

Омовиот закон за дел од колото, од формулата (2), го изразуваме напонот

У = Јас Р (3).

Според условите на проблемот, вториот отпорник е направен од жица од ист материјал, со иста должина, но различна површина на пресек. Областа е двојно помала. Заменувајќи се во (1) откриваме дека отпорот се зголемува за 2 пати, а струјата се намалува за 2 пати, затоа, напонот не се менува.

Одговори. 13.

Периодот на осцилација на математичкото нишало на површината на Земјата е 1,2 пати поголем од периодот на неговото осцилирање на одредена планета. Која е големината на забрзувањето поради гравитацијата на оваа планета? Влијанието на атмосферата и во двата случаи е занемарливо.

Решение.Математичкото нишало е систем кој се состои од конец чии димензии се многу поголеми од димензиите на топката и самата топка. Може да настане тешкотија ако се заборави Томсоновата формула за периодот на осцилација на математичкото нишало.

Т= 2π (1);

л– должина на математичкото нишало; е- забрзување на гравитацијата.

По услов

Да изразиме од (3) е n = 14,4 m/s 2. Треба да се забележи дека забрзувањето на гравитацијата зависи од масата на планетата и радиусот

Одговори. 14,4 m/s 2.

Прав проводник долг 1 m кој носи струја од 3 А се наоѓа во еднообразно магнетно поле со индукција ВО= 0,4 Тесла под агол од 30° во однос на векторот. Која е големината на силата што делува на проводникот од магнетното поле?

Решение.Ако поставите проводник што носи струја во магнетно поле, полето на проводникот што носи струја ќе дејствува со амперска сила. Ајде да ја запишеме формулата за модулот на амперската сила

Ф A = Јас ЛБ sinα ;

Ф A = 0,6 N

Одговори. Ф A = 0,6 N.

Енергијата на магнетното поле складирана во серпентина кога директна струја поминува низ неа е еднаква на 120 J. Колку пати треба да се зголеми јачината на струјата што тече низ намотката на серпентина за да се зголеми енергијата на магнетното поле складирана во неа од 5760 Ј.

Решение.Енергијата на магнетното поле на серпентина се пресметува со формулата

В m =	ЛИ 2	(1);
	2

По услов В 1 = 120 J, тогаш В 2 = 120 + 5760 = 5880 Ј.

Јас 1 2 =	2В 1	; Јас 2 2 =	2В 2	;
	Л		Л

Потоа тековниот сооднос

Јас 2 2	= 49;	Јас 2	= 7
Јас 1 2		Јас 1

Одговори.Тековната сила мора да се зголеми 7 пати. На формуларот за одговор го внесувате само бројот 7.

Електричното коло се состои од две светилки, две диоди и вртење на жица поврзани како што е прикажано на сликата. (Диодата дозволува струјата да тече само во една насока, како што е прикажано на врвот на сликата.) Која од светилките ќе светне ако северниот пол на магнетот се приближи до серпентина? Објаснете го вашиот одговор со означување кои појави и модели сте ги користеле во вашето објаснување.

Решение.Линиите на магнетна индукција излегуваат од северниот пол на магнетот и се разминуваат. Како што се приближува магнетот, магнетниот флукс низ серпентина на жицата се зголемува. Во согласност со правилото на Ленц, магнетното поле создадено од индуктивната струја на серпентина мора да биде насочено надесно. Според правилото за гимлет, струјата треба да тече во насока на стрелките на часовникот (како што се гледа од лево). Диодата во второто коло на светилката поминува во оваа насока. Ова значи дека втората светилка ќе светне.

Одговори.Втората светилка ќе светне.

Должина на алуминиумски звучници Л= 25 cm и површина на пресек С= 0,1 cm 2 виси на конец до горниот крај. Долниот крај лежи на хоризонталното дно на садот во кој се истура вода. Должина на потопениот дел од говорницата л= 10 cm Најди ја силата Ф, со која иглата за плетење притиска на дното на садот, ако се знае дека конецот се наоѓа вертикално. Густина на алуминиум ρ a = 2,7 g/cm 3, густина на вода ρ b = 1,0 g/cm 3. Забрзување на гравитацијата е= 10 m/s 2

Решение.Ајде да направиме објаснувачки цртеж.

– Сила на затегнување на конецот;

– Сила на реакција на дното на садот;

а е Архимедовата сила која дејствува само на потопениот дел од телото и се применува на центарот на потопениот дел од говорот;

– силата на гравитација која делува на говорот од Земјата и се применува на центарот на целиот говор.

По дефиниција, масата на зборуваше ма архимедовиот модул на сила се изразени на следниов начин: м = SLρ a (1);

Ф a = Слρ во е (2)

Да ги разгледаме моментите на силите во однос на точката на суспендирање на говорот.

М(Т) = 0 – момент на сила на затегнување; (3)

М(N)= NL cosα е моментот на потпорната реакција на сила; (4)

Земајќи ги предвид знаците на моментите, ја пишуваме равенката

NL cosα + Слρ во е (Л –	л	)cosα = SLρ а е	Л	cosα (7)
	2		2

имајќи предвид дека според третиот закон на Њутн, силата на реакција на дното на садот е еднаква на силата Фг со која иглата за плетење притиска на дното на садот што го пишуваме Н = Фг и од равенката (7) ја изразуваме оваа сила:

F d = [	1	Лρ а– (1 –	л	)лρ во ] Sg (8).
	2		2Л

Ајде да ги замениме нумеричките податоци и да го добиеме тоа

Ф d = 0,025 N.

Одговори. Ф d = 0,025 N.

Цилиндар кој содржи м 1 = 1 kg азот, за време на тестирањето на силата експлодира на температура т 1 = 327°C. Која маса на водород м 2 може да се чува во таков цилиндар на температура т 2 = 27°C, со петкратна безбедносна маржа? Моларна маса на азот М 1 = 28 g/mol, водород М 2 = 2 g/mol.

Решение.Да ја напишеме Менделеев-Клапејрон идеалната гасна равенка на состојбата за азот

Каде В- волумен на цилиндерот, Т 1 = т 1 + 273°C. Според состојбата, водородот може да се складира под притисок стр 2 = стр 1/5; (3) Имајќи предвид дека

Можеме да ја изразиме масата на водородот работејќи директно со равенките (2), (3), (4). Конечната формула изгледа вака:

м 2 =	м 1		М 2		Т 1	(5).
	5		М 1		Т 2

По замена на нумерички податоци м 2 = 28 g.

Одговори. м 2 = 28 g.

Во идеално осцилаторно коло, амплитудата на струјните флуктуации во индукторот е јас сум= 5 mA, и амплитудата на напонот на кондензаторот У м= 2,0 V. На време тнапонот преку кондензаторот е 1,2 V. Најдете ја струјата во серпентина во овој момент.

Решение.Во идеално осцилаторно коло, осцилаторната енергија е зачувана. За еден момент од времето t, законот за зачувување на енергијата има форма

В	У 2	+ Л	Јас 2	= Л	јас сум 2	(1)
	2		2		2

За амплитудни (максимални) вредности пишуваме

а од равенката (2) изразуваме

В	=	јас сум 2	(4).
Л		У м 2

Да го замениме (4) во (3). Како резултат добиваме:

Јас = јас сум (5)

Така, струјата во серпентина во моментот на времето теднаква на

Јас= 4,0 mA.

Одговори. Јас= 4,0 mA.

На дното на резервоар длабок 2 m има огледало. Зрак светлина, минувајќи низ водата, се рефлектира од огледалото и излегува од водата. Индексот на рефракција на водата е 1,33. Најдете го растојанието помеѓу точката на влегување на зракот во водата и точката на излез на зракот од водата ако аголот на инциденца на зракот е 30°

Решение.Ајде да направиме објаснувачки цртеж

α е аголот на пад на зракот;

β е аголот на прекршување на зракот во вода;

AC е растојанието помеѓу точката на влегување на зракот во водата и точката на излез на зракот од водата.

Според законот за прекршување на светлината

sinβ =	sinα	(3)
	n 2

Размислете за правоаголната ΔADB. Во него АД = ч, потоа DB = AD

tgβ = ч tgβ = ч	sinα	= ч	sinβ	= ч	sinα	(4)
	cosβ

Го добиваме следниот израз:

AC = 2 DB = 2 ч	sinα	(5)

Ајде да ги замениме нумеричките вредности во добиената формула (5)

Одговори. 1,63 м.

Во рамките на подготовките за Единствениот државен испит, ве покануваме да се запознаете со работна програма по физика за 7-9 одделение до линијата УМК на Перишкина А.В.И програма за работа на напредно ниво за 10-11 одделение за наставни материјали Мјакишева Г.Ја.Програмите се достапни за прегледување и бесплатно преземање на сите регистрирани корисници.

Унифициран државен испит 2017 Физика Типични задачи за тестирање на Лукашев

М.: 2017 - 120 стр.

Вообичаените тест задачи по физика содржат 10 варијантни збирки задачи, составени земајќи ги предвид сите карактеристики и барања на Единствениот државен испит во 2017 година. Целта на прирачникот е да им обезбеди на читателите информации за структурата и содржината на мерните материјали за тестирање од 2017 година по физика, како и за степенот на тежина на задачите. Колекцијата содржи одговори на сите опции за тестирање, како и решенија за најтешките проблеми во сите 10 опции. Дополнително, дадени се примероци од обрасците што се користат во обединетиот државен испит. Тимот на автори се специјалисти од Сојузната предметна комисија на обединетиот државен испит по физика. Прирачникот е наменет за наставниците да ги подготват учениците за испитот по физика, а до средношколците за самоподготовка и самоконтрола.

Формат: pdf

Големина: 4,3 MB

Гледајте, преземете: диск.google

СОДРЖИНА
Упатство за извршување на работа 4
ОПЦИЈА 1 9
Дел 1 9
Дел 2 15
ОПЦИЈА 2 17
Дел 1 17
Дел 2 23
ОПЦИЈА 3 25
Дел 1 25
Дел 2 31
ОПЦИЈА 4 34
Дел 1 34
Дел 2 40
ОПЦИЈА 5 43
Дел 1 43
Дел 2 49
ОПЦИЈА 6 51
Дел 1 51
Дел 2 57
ОПЦИЈА 7 59
Дел 1 59
Дел 2 65
ОПЦИЈА 8 68
Дел 1 68
Дел 2 73
ОПЦИЈА 9 76
Дел 1 76
Дел 2 82
ОПЦИЈА 10 85
Дел 1 85
Дел 2 91
ОДГОВОРИ. СИСТЕМ ЗА ОЦЕНУВАЊЕ НА ИСПИТ
РАБОТИ ПО ФИЗИКА 94

За да се заврши пробната работа по физика, се доделуваат 3 часа 55 минути (235 минути). Работата се состои од 2 дела, вклучувајќи 31 задача.
Во задачите 1-4, 8-10, 14, 15, 20, 24-26, одговорот е цел број или конечна децимална дропка. Запишете го бројот во полето за одговор во текстот на делото, а потоа префрлете го според примерокот подолу во одговор бр. 1. Нема потреба да се пишуваат единици за мерење на физичките величини.
Одговорот на задачите 27-31 вклучува детален опис на целокупниот напредок на задачата. Во формуларот за одговор бр. 2, наведете го бројот на задачата и запишете го неговото целосно решение.
Кога се прават пресметки, дозволено е користење на непрограмабилен калкулатор.
Сите формулари за унифициран државен испит се пополнуваат со светло црно мастило. Можете да користите гел, капиларни или фонтански пенкала.
Кога ги завршувате задачите, можете да користите нацрт. Записите во нацртот не се земаат предвид при оценувањето на работата.
Поените што ги добивате за завршените задачи се сумирани. Обидете се да завршите што е можно повеќе задачи и да постигнете најмногу поени.

1) ЕДИНСТВЕН ДРЖАВЕН ИСПИТ ПО ФИЗИКА ТРАЕ 235 мин

2) СТРУКТУРА на ЦИМ - 2018 и 2019 година споредено со 2017 година. Малку СМЕНЕТО: Верзијата за испит ќе се состои од два дела и ќе вклучува 32 задачи. Дел 1 ќе содржи 24 ставки со кратки одговори, вклучително и ставки за самопријавување за кои е потребен број, два броја или збор, како и ставки за совпаѓање и повеќекратен избор кои бараат одговорите да се напишат како низа од броеви. Вториот дел ќе содржи 8 задачи обединети со заеднички тип на активност - решавање проблеми. Од нив, 3 задачи со краток одговор (25–27) и 5 задачи (28–32), за кои треба да дадете детален одговор. Работата ќе вклучува задачи од три нивоа на тежина. Задачите на основно ниво се вклучени во делот 1 од работата (18 задачи, од кои 13 задачи со одговорот евидентиран во форма на број, два броја или збор и 5 задачи за совпаѓање и повеќекратен избор). Задачите на напредно ниво се распределуваат помеѓу деловите 1 и 2 од испитниот труд: 5 задачи со краток одговор во дел 1, 3 задачи со краток одговор и 1 задача со долг одговор во дел 2. Последните четири задачи од дел 2 се задачи на високо ниво на сложеност. Дел 1 од испитниот труд ќе вклучува два блока на задачи: првиот го тестира владеењето на концептуалниот апарат на училишниот курс по физика, а вториот го тестира владеењето на методолошките вештини. Првиот блок вклучува 21 задача, кои се групирани врз основа на тематска припадност: 7 задачи за механика, 5 задачи за MCT и термодинамика, 6 задачи за електродинамика и 3 за квантна физика.

Нова задача од основно ниво на сложеност е последната задача од првиот дел (позиција 24), темпирана да се совпадне со враќањето на курсот по астрономија во училишната програма. Задачата има карактеристика од типот „избор на 2 пресуди од 5“. Задачата 24, како и другите слични задачи во испитниот труд, се добиваат најмногу 2 поени доколку двата елемента од одговорот се точни и 1 поен ако е направена грешка во еден од елементите. Редоследот по кој се напишани бројките во одговорот не е важен. По правило, задачите ќе бидат од контекстуален карактер, т.е. Некои од податоците потребни за завршување на задачата ќе бидат претставени во форма на табела, дијаграм или график.

Во согласност со оваа задача, на кодификаторот е додадена потсекцијата „Елементи на астрофизиката“ од делот „Квантна физика и елементи на астрофизиката“, вклучувајќи ги следните точки:

· Сончев систем: копнени планети и џиновски планети, мали тела на Сончевиот систем.

· Ѕвезди: разновидност на ѕвездени карактеристики и нивните модели. Извори на ѕвездена енергија.

· Модерни идеи за потеклото и еволуцијата на Сонцето и ѕвездите. Нашата галаксија. Други галаксии. Просторни размери на набљудуваниот универзум.

· Модерни погледи за структурата и еволуцијата на универзумот.

Можете да дознаете повеќе за структурата на KIM-2018 гледајќи го вебинарот со учество на M.Yu. Демидова https://www.youtube.com/watch?v=JXeB6OzLokUили во документот подолу.

Тематските тест задачи по физика, создадени од специјалисти на Сојузната предметна комисија на обединетиот државен испит, имаат за цел да ги подготват средношколците за успешно полагање на Единствениот државен испит. Книгата содржи многу тематски задачи за вежбање на секој елемент од Единствениот државен испит по физика, како и дијагностички и контролни верзии на испитната работа. Уникатната методологија за подготовка развиена од специјалисти од Федералната предметна комисија на обединета држава испитување ќе им помогне на студентите да научат како правилно да ја форматираат работата, да ги идентификуваат критериумите за оценување, да се фокусираат на формулацијата на голем број задачи и да избегнуваат грешки поврзани со невнимание и отсутност. умот за време на испитот. Можете да ги користите предложените задачи за тестирање и во училницата и дома. Книгата е наменета за една академска година, но доколку е потребно, ќе ви овозможи брзо да ги идентификувате празнините во знаењето на ученикот и да работите на задачи во кои се направени најмногу грешки, само неколку дена пред испитот. Публикацијата е наменета за наставници по физика, родители и тутори, како и средношколци. Со наредба бр. 699 на Министерството за образование и наука на Руската Федерација, учебниците од издавачката куќа Екзамен се одобрени за употреба во општообразовните организации.

Примери.
Четири идентични тули со маса m = 2 kg се наредени (види слика). Определи колку ќе се зголеми модулот на сила N што делува од првата тула на втората ако на врвот се стави друга идентична тула?

Две тела се движат по взаемно нормални пресечни права, како што е прикажано на сликата. Модулот на првото тело е p 1 = 3 kg m/s, а на второто тело е p 2 = 4 kg m/s. Кој е модулот на импулсот на системот на овие тела по нивното апсолутно нееластично влијание?

Во лабораторијата, на демонстративна маса има камертон на 440 Hz и аквариум со вода. Стеблото на камертонот било погодено со чекан.

Како ќе се променат брзината на звучниот бран и фреквенцијата на вибрации кога звукот преминува од воздух во вода?
За секоја количина, определете ја соодветната природа на промената:
1) ќе се зголеми
2) ќе се намали
3) нема да се промени
Запишете ги избраните броеви за секоја физичка величина во табелата. Броевите во одговорот може да се повторат.

СОДРЖИНА
ДИЈАГНОСТИЧКА РАБОТА

Опција 1
Дел 1
Дел 2
Опција 2
Дел 1
Дел 2
ПРИМЕРИ НА РЕШАВАЊЕ ПРОБЛЕМИ. РАЗВОЈ НА ТЕМАТСКИ МАТЕРИЈАЛ
Механика
Кинематика
Проблеми со решенија

Динамика
Проблеми со решенија
Проблеми кои треба да се решаваат самостојно
Импулс, механичка енергија, работа, моќ
Проблеми со решенија
Проблеми кои треба да се решаваат самостојно
Статика, хидростатика
Проблеми со решенија
Проблеми кои треба да се решаваат самостојно
Механички вибрации, бранови
Проблеми со решенија
Проблеми кои треба да се решаваат самостојно

Молекуларна кинетичка теорија, идеален гас, изопроцеси
Проблеми со решенија
Проблеми кои треба да се решаваат самостојно
Термодинамика
Проблеми со решенија
Проблеми кои треба да се решаваат самостојно
Агрегирани состојби на материјата
Сали со решенија
Проблеми кои треба да се решаваат самостојно
Електродинамика
Електростатика
Проблеми со решенија
Проблеми кои треба да се решаваат самостојно
D.C
Проблеми со решенија
Проблеми кои треба да се решаваат самостојно
Магнетно поле и електромагнетна индукција
Проблеми со решенија
Проблеми кои треба да се решаваат самостојно
Оптика
Геометриска оптика
Проблеми со решенија
Проблеми кои треба да се решаваат самостојно
Бранова оптика
Проблеми со решенија
Проблеми кои треба да се решаваат самостојно
Квантна и нуклеарна физика
Структурата на јадрото на атомот. Изотопи
Проблеми со решенија
Проблеми кои треба да се решаваат самостојно
Нуклеарни реакции
Проблеми со решенија
Проблеми кои треба да се решаваат самостојно
Радиоактивно распаѓање
Проблеми со решенија
Проблеми кои треба да се решаваат самостојно
Емисија и апсорпција на светлина од атомите. Фотони. Фото ефект
Проблеми со решенија
Проблеми кои треба да се решаваат самостојно
Методи на научно знаење
Проблеми со решенија
Проблеми кои треба да се решаваат самостојно
ЗАВРШНА РАБОТА
Упатство за извршување на работата
Опција 1
Дел 1
Дел 2
Опција 2
Дел 1
Дел 2
Опција 3
Дел 1
Дел 2
Опција 4
Дел 1
Дел 2
ОДГОВОРИ
Дијагностичка работа
Механика
Молекуларна физика и термодинамика
Електродинамика
Оптика
Квантна и нуклеарна физика
Завршна работа.

Преземете ја е-книгата бесплатно во пригоден формат, гледајте и читајте:
Преземете ја книгата Единствен државен испит, физика, задачи за тематски тест, Лукашева Е.В., Чистјакова Н.И., 2017 година - fileskachat.com, брзо и бесплатно преземање.

Единствен државен испит 2017. Физика. Тематски тест задачи. Лукашева Е.В., Чистјакова Н.И.

М.: 2017 - 200 стр.

Формат: pdf

Големина: 7,6 MB

Гледајте, преземете: диск.google

СОДРЖИНА
ДИЈАГНОСТИЧКА РАБОТА 5
Упатство за извршување на работа 5
Опција 1 7
Дел 1 7
Дел 2 13
Опција 2 16
Дел 1 16
Дел 2 22
ПРИМЕРИ НА РЕШАВАЊЕ ПРОБЛЕМИ. ИЗРАБОТУВАЊЕ ТЕМАТСКИ МАТЕРИЈАЛ 25
Механика 25
Кинематика 25
Проблеми со решенија 25
Задачи за самостојно решение 30
Динамика 33
Проблеми со решенија 33
Задачи за самостојно решение 36
Импулс, механичка енергија, работа, моќност 39
Проблеми со решенија 39
Задачи за самостојно решение 43
Статика, хидростатика 46
Проблеми со решенија 46
Задачи за самостојно решение 47
Механички вибрации, бранови 50
Проблеми со решенија 50
Задачи за самостојно решение 52
Молекуларна физика и термодинамика 55
Молекуларна кинетичка теорија, идеален гас, изопроцеси 55
Проблеми со решенија 55
Задачи за самостојно решение 59
Термодинамика 62
Проблеми со решенија 62
Задачи за самостојно решение 65
Збирни состојби на материјата 68
Проблеми со решенија 68
Задачи за самостојно решение 72
Електродинамика 75
Електростатика 75
Проблеми со решенија 75
Задачи за самостојно решение 77
DC 80
Проблеми со решенија 80
Задачи за самостојно решение 82
Магнетно поле и електромагнетна индукција 87
Проблеми со решенија 87
Задачи за самостојно решение 91
Оптика 100
Геометриска оптика 100
Проблеми со решенија 100
Задачи за самостојно решение 102
Бранова оптика 106
Проблеми со решенија 106
Задачи за самостојно решение 109
Квантна и нуклеарна физика 112
Структурата на јадрото на атомот. Изотопи 112
Проблеми со решенија 112
Задачи за самостојно решение 113
Нуклеарни реакции 114
Проблеми со решенија 114
Задачи за самостојно решение 115
Радиоактивно распаѓање 117
Проблеми со решенија 117
Задачи за самостојно решение 117
Емисија и апсорпција на светлина од атомите. Фотони. Фотоефект 120
Проблеми со решенија 120
Задачи за самостојно решение 122
Методи на научно знаење 127
Проблеми со решенија 127
Задачи за самостојно решение 128
ЗАВРШНА РАБОТА 132
Упатство за изведување на работа 132
Опција 1 134
Дел 1 134
Дел 2 140
Опција 2 143
Дел 1 143
Дел 2 149
Опција 3 152
Дел 1 152
Дел 2 158
Опција 4 161
Дел 1 161
Дел 2 167
ОДГОВОРИ 170
Дијагностичка работа 170
Механика 174
Молекуларна физика и термодинамика 181
Електродинамика 184
Оптика 187
Квантна и нуклеарна физика 189
Завршна работа 192

За да се заврши работата по физика, се доделуваат 3 часа 55 минути (235 минути). Работата се состои од 2 дела, вклучувајќи 31 задача.
Во задачите 1-4, 8-10, 14, 15, 20, 24-26, одговорот е цел број или конечна децимална дропка. Запишете го бројот во полето за одговор во текстот на делото, а потоа префрлете го според примерокот подолу во одговор бр. 1. Нема потреба да се пишуваат единици за мерење на физичките величини.
Одговорот на задачите 27-31 вклучува детален опис на целокупниот напредок на задачата. Во формуларот за одговор бр. 2, наведете го бројот на задачата и запишете го неговото целосно решение. Кога се прават пресметки, дозволено е користење на непрограмабилен калкулатор. Сите формулари за унифициран државен испит се пополнуваат со светло црно мастило. Можете да користите гел, капиларни или фонтански пенкала.
Кога ги завршувате задачите, можете да користите нацрт. Записите во нацртот не се земаат предвид при оценувањето на работата.
Поените што ги добивате за завршените задачи се сумирани. Обидете се да завршите што е можно повеќе задачи и да постигнете најмногу поени.